1 . 如甲图所示的装置叫做阿特伍德机，是英国数学家和物理学家阿特伍德（G•Atwood1746-1807）创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律．某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示．实验时，该同学进行了如下步骤：

①将质量均为M（A的含挡光片、B的含挂钩）的重物用绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态，测量出A上挡光片中心到光电门中心的竖直距离h．
②在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统（重物A、B以及物块C）中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间为△t．
③测出挡光片的宽度d，计算物块速度v
④利用实验数据验证机械能守恒定律．
（1）步骤③中，计算物块速度v=______（用实验中字母表示），利用这种方法测量的速度总是比挡光片中心通过光电门中心的实际速度_________（选填“大”或“小”）．为使 v的测量值更加接近真实值，减小测量系统误差,可采用的最合理的方法是(          )
A.减小挡光片宽度d
B.增大挡光片中心到光电门中心的竖直距离h
C.将光电门记录挡光时间△t的精度设置得更高
D.将实验装置更换为纸带和打点计时器
（2）步骤④中，如果系统（重物A、B以及物块C）的机械能守恒，应满足的关系为______（已知重力加速度g，用实验中字母表示）
（3）某次实验分析数据发现，系统重力势能减小量小于系统动能增加量，造成这个结果的原因可能是(        )
A.绳子、滑轮并非轻质而有一定质量
B.滑轮与绳子之间产生滑动摩擦
C.计算重力势能错误地将g的数值取做10m/s²
D.挂物块C时不慎使B具有向上的初 速度

2 . 在测量电源电动势和内电阻的实验中，有电压表V（量程为3V，内阻约3kΩ）；电流表A（量程为0.6A，内阻约为0.70Ω）；滑动变阻器R（10Ω，2A）。为了更准确地测出电源电动势和内阻设计了如图所示的电路图。

(1)在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U-I图线，由图可得该电源电动势E=____ V ，内阻r=______ Ω。（结果保留两位有效数字）
(2)一位同学对以上实验进行了误差分析。其中正确的是______。
A．实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用
B．实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用
C．实验测出的电动势小于真实值
D．实验测出的内阻大于真实值

3 . 如图甲所示，将打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置可以测定重力加速度：

（1）所需器材有打点计时器、纸带、复写纸、带铁夹的铁架台和带夹子的重物，此外还需________（填字母代号）中的器材。
A．直流电源、天平及砝码
B．直流电源、毫米刻度尺
C．交流电源、天平及砝码
D．交流电源、毫米刻度尺
（2）交流电频率为50Hz，选取一段点迹清晰的纸带，选取某点计为0，然后每3个点取一个计数点，所有测量数据及其标记符号如图乙所示，打点计时器打下计数点3时重物下落的速度v₃=_______m/s，由纸带可求出重物自由落体的加速度g=_______m/s²（要求：充分利用数据，尽量减小实验的偶然误差；计算结果均保留三位有效数字）由实验结果可知重力加速度的测量值小于真实值，试分析产生误差的原因_______（说出一条原因即可）。
（3）由乙图数据计算出打点计时器打下1、2、3、4、5点时的速度，打下0点时为时间轴0时刻，作出重物下落的图，下面四个选项哪个选项_______为本实验获得的v-t图。
A.B. C.D.

4 . 晓宇同学在用多用电表测量电阻时，将旋钮调至如图甲所示位置，请完善以下操作：

（1）晓宇同学将旋钮调至如图甲所示的位置时，指针的偏转角度不大，为了使测量结果更精确，应选_____挡位，将旋钮调到合适的挡位后，在测量前必须进行的操作是_____；
（2）晓宇同学粗略地测出该电阻的阻值后，为了更精确地进行电阻的测量，选用了如图乙所示的电路，其中电压表的内阻约为，电流表的内阻约为，滑动变阻器的调节范围为。为了减小实验误差，请根据设计的电路完善实物图的连接________；
（3）精确测量电阻的实验自身存在着系统误差，请分析该电阻的测量值______（选填“大于”“小于”或“等于”）真实值。

5 . 某同学做“用单摆测重力加速度”实验。
(1)用游标卡尺测量摆球直径d；
(2)在小钢球某次通过平衡位置时开始计时，并将这次通过平衡位置时记为0，数出以后小钢球通过平衡位置的次数为n，用停表记下所用的时间为t。请用上面的测量数据计算重力加速度的表达式为g=____________。在测量摆长后，测量周期时，摆球振动过程中悬点处摆线的固定出现松动，摆长略微变长，这将会导致所测重力加速度的数值______。（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）
(3)理论上测出多组单摆的摆长l和运动周期T，作出T²—l图象，T²—l图象是一条过坐标原点的直线，某同学根据实验数据作出的图象如图。

造成图象不过坐标原点的原因可能是________。由图象求出的重力加速度g=________m/s²（取π²=9.87），测量值相比真实值________。（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）

6 . 在用图甲所示的装置“验证牛顿第二定律”的实验中，保持小车质量一定时，验证小车加速度与合力F的关系．


①除了电火花计时器、小车、砝码、砝码盘、细线、附有定滑轮的长木板、垫木、导线及开关外，在下列器材中必须使用的有____（选填选项前的字母）．
A．220V、50Hz的交流电源
B．电压可调的直流电源
C．刻度尺
D．秒表
E．天平（附砝码）
②为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，以下操作正确的是_____．
A．调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行
B．在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将砝码和砝码盘通过细线挂在小车上
C．在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上
③某同学得到了图a所示的一条纸带，由此得到小车加速度的大小＝______m/s²（保留二位有效数字）．
④在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，已知三位同学利用实验数据做出的a－F图像如图丙中的1、2、3所示．下列分析正确的是______（选填选项前的字母）．
A．出现图线1的原因可能是没有平衡摩擦力
B．出现图线2的原因可能是砝码和砝码盘的质量不合适
C．出现图线3的原因可能是在平衡摩擦力时长木板的倾斜度过大
⑤在本实验中认为细线的拉力F等于砝码和砝码盘的总重力mg，由此造成的误差是____（选填“系统误差”或“偶然误差”）．设拉力的真实值为F真，小车的质量为M，为了使，应当满足的条件是____．

7 . （1）下图千分尺的读数_________mm，20分度的游标卡尺读数为_________mm。

（2）在实验室中，往往利用半偏法测量电流表或电压表的内阻。测量电路图如下。E为电源，其电动势为E，R₁为总阻值较大的滑动变阻器。R₂为电阻箱。A为被测电流表。用此电路，经以下步骤可近似测得电流表的内阻R_A：
①闭合K₁，断开K₂，调节R₁，使电流表读数等于其量程I₀；
②保持R₁不变，闭合K₂，调节R₂，使电流表读数等于；
③读出R₂的值，则R_A=R₂。
若电源的内阻忽略不计，则该实验的系统误差总是使电表内阻的测量值比其真实值________（填偏大还是偏小）

8 . 甲同学在家里做用单摆测定重力加速度的实验，但没有合适的摆球，他找到了一个儿童玩具弹力小球，其直径大小为2cm，代替实验用小球，他设计的实验步骤如下：

A．将弹力球用长细线系好，结点为A，将线的上端固定于O点
B．用刻度尺测量OA间线的长度L作为摆长
C．将弹力球拉开一个大约的角度，然后由静止释放
D．从弹力球摆到最高点时开始计时，测出50次全振动的总时间t，由得出周期T
E．改变OA间线的长度再做几次实验，记下每次相应的L和T值
F．求出多次实验中测得的L和T的平均值，作为计算时使用的数据，代入公式，求出重力加速度g。
（1）该中学生以上实验中出现重大错误的步骤是______________；
（2）该中学生用OA的长作为摆长，这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值________ （“偏大”或“偏小”）；
（3）另一位乙同学在完成该实验时，通过改变摆线的长度，测得6组和对应的周期T，画出L-T图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图所示，他采用恰当的数据处理方法，则计算重力加速度的表达式应为g=_____，请你判断该同学得到的实验结果与摆球重心就在球心处的情况相比，将_____（“偏大”、 “偏小”或“相同”），造成图形不过坐标原点的原因是______。（填“多加球半径”或“漏加球半径”）

9 . 甲同学在家里做用单摆测定重力加速度的实验，但没有合适的摆球，他找到了一个儿童玩具弹力小球，其直径大小约为2cm左右，代替实验用小球，他设计的实验步骤如下（ ）

A.将弹力球用长细线系好，结点为A，将线的上端固定于O点
B.用刻度尺测量OA线的长度L作为摆长
C.将弹力球拉开一个大约的角度，然后由静止释放
D.从弹力球摆到最高点时开始计时，测出50次全振动总时间t，由得出周期T
E.改变OA间线的长度再做几次实验，记下每次相应的L和T值
F.求出多次实验中测得的L和T的平均值，作为计算时使用的数据，代入公式，求出重力加速度g。
（1）该中学生以上实验中出现重大错误的步骤是_____________；
（2）该中学生用OA的长作为摆长，这样做引起的系统误差将使重力加速度的测量值比真实值_______（偏大或偏小）；
（3）另一位乙同学在完成该实验时，通过改变摆线的长度，测得6组L和对应的周期T，画出图线，然后在图线上选取A、B两个点，坐标如图所示，他采用恰当的数据处理方法，则计算重力加速度的表达式应为_________；请你判断该同学得到的实验结果与摆球重心就在球心处的情况相比，将_____（填“偏大”、“偏小”或“相同”）。造成图线不过坐标原点的原因是________（填“多加球半径”或“漏加球半径”）。

10 . 某同学在做“探究动能定理”实验时，其主要操作步骤是：
a.按图甲安装好实验装置，其中小车的质量M＝0.50kg，钩码的总质量m＝0.10kg.
b.接通打点计时器的电源(电源的频率f＝50Hz)，然后释放小车，打出一条纸带．
(1)他在多次重复实验得到的纸带中取出最满意的一条，如图乙所示，把打下的第一点记作0，然后依次取若干个计数点，相邻计数点间还有4个点未画出，用厘米刻度尺测得各相邻计数点间的距离分别为d₁＝0.8cm，d₂＝2.4cm，d₃＝4.1cm，d₄＝5.6cm，d₅＝7.2cm，d₆＝8.8cm，他把钩码的重力作为小车所受的合力，计算出从打下计数点0到打下计数点5过程中合力所做的功W＝________J，把打下计数点5时小车的动能作为小车动能的改变量，计算出ΔE_k＝________J．(当地重力加速度g取9.80m/s²，结果均保留三位有效数字)

(2)根据以上计算可见，合力对小车做的功与小车动能的变化量相差比较大．通过反思，该同学认为产生误差的主要原因如下，其中正确的是________．(填选项前的字母)
A．钩码质量没有远小于小车质量，产生系统误差
B．钩码质量小了，应该大于小车质量
C．没有平衡摩擦力
D．没有使用最小刻度为毫米的刻度尺进行测量