专题06 空间中的平行与垂直
【要点提炼】
1.直线、平面平行的判定及其性质
(1)线面平行的判定定理:a⊄α,b⊂α,a∥b⇒a∥α.
(2)线面平行的性质定理:a∥α,a⊂β,α∩β=b⇒a∥b.
(3)面面平行的判定定理:a⊂β,b⊂β,a∩b=P,a∥α,b∥α⇒α∥β.
(4)面面平行的性质定理:α∥β,α∩γ=a,β∩γ=b⇒a∥b.
2.直线、平面垂直的判定及其性质
(1)线面垂直的判定定理:m⊂α,n⊂α,m∩n=P,l⊥m,l⊥n⇒l⊥α.
(2)线面垂直的性质定理:a⊥α,b⊥α⇒a∥b.
(3)面面垂直的判定定理:a⊂β,a⊥α⇒α⊥β.
(4)面面垂直的性质定理:α⊥β,α∩β=l,a⊂α,a⊥l⇒a⊥β.
考点
考向一 空间点、线、面位置关系
【典例1】 (1)(2020·河南百校大联考)如图,正方体的底面与正四面体的底面在同一平面α上,且AB∥CD,若正方体的六个面所在的平面与直线CE,EF相交的平面个数分别记为m,n,则下列结论正确的是( )
A.m=n B.m=n+2
C.m<n D.m+n<8
(2)(2019·北京卷)已知l,m是平面α外的两条不同直线.给出下列三个论断:
①l⊥m;②m∥α;③l⊥α.
以其中的两个论断作为条件,余下的一个论断作为结论,写出一个正确的命题:________.
解析 (1)直线CE⊂平面ABPQ,从而CE∥平面A1B1P1Q1,
易知CE与正方体的其余四个面所在平面均相交,
则m=4.
取CD的中点G,连接FG,EG.
易证CD⊥平面EGF,
又AB⊥平面BPP1B1,AB⊥平面AQQ1A1且AB∥CD,
从而平面EGF∥平面BPP1B1∥平面AQQ1A1,
∴EF∥平面BPP1B1,EF∥平面AQQ1A1,
则EF与正方体其余四个面所在平面均相交,n=4,
故m=n=4.
(2)已知l,m是平面α外的两条不同直线,由①l⊥m与②m∥α,不能推出③l⊥α,因为l可能与α平行,或l与α相交但不垂直;
由①l⊥m与③l⊥α能推出②m∥α;
由②m∥α与③l⊥α可以推出①l⊥m.
故正确的命题是②③⇒①或①③⇒②.
答案 (1)A (2)若m∥α,l⊥α,则l⊥m(或若l⊥m,l⊥α,则m∥α,答案不唯一)
探究提高 1.判断空间位置关系命题的真假
(1)借助空间线面平行、面面平行、线面垂直、面面垂直的判定定理和性质定理进行判断.
(2)借助空间几何模型,如从长方体、四面体等模型中观察线面位置关系,结合有关定理,进行肯定或否定.
2.两点注意:(1)平面几何中的结论不能完全引用到立体几何中;(2)当从正面入手较难时,可利用反证法,推出与题设或公认的结论相矛盾的命题,进而作出判断.
【拓展练习1】 (1)(2020·衡水中学调研)已知M是正方体ABCD-A1B1C1D1的棱DD1的中点,则下列是假命题的是( )
A.过点M有且只有一条直线与直线AB,B1C1都相交
B.过点M有且只有一条直线与直线AB,B1C1都垂直
C.过点M有且只有一个平面与直线AB,B1C1都相交
D.过点M有且只有一个平面与直线AB,B1C1都平行
(2)如图所示,在四棱锥P-ABCD中,△PAB与△PBC是正三角形,平面PAB⊥平面PBC,AC⊥BD,则下列结论不一定成立的是( )
A.BP⊥AC B.PD⊥平面ABCD
C.AC⊥PD D.平面BDP⊥平面ABCD
解析 (1)在AB上取一点P,则平面PMC1与AB,B1C1都相交,这样的平面有无数个,因此C是假命题.
(2)取BP的中点O,连接OA,OC,如图所示.则BP⊥OA,BP⊥OC,因为OA∩OC=O,所以BP⊥平面OAC,又AC⊂平面OAC,所以BP⊥AC,故选项A一定成立.由AC⊥BP,AC⊥BD,BP∩BD=B,∴AC⊥平面BDP,又PD⊂平面BDP,AC⊂平面ABCD.所以AC⊥PD,平面PBD⊥平面ABCD,故C,D一定正确.从条件不一定推出PD⊥平面ABCD,选B.
答案 (1)C (2)B
考向二 空间平行、垂直关系的证明
【典例2】 (2019·北京卷)如图,在四棱锥P-ABCD中,PA⊥平面ABCD,底面ABCD为菱形,E为CD的中点.
(1)求证:BD⊥平面PAC;
(2)若∠ABC=60°,求证:平面PAB⊥平面PAE;
(3)棱PB上是否存在点F,使得CF∥平面PAE?说明理由.
(1)证明 因为PA⊥平面ABCD,BD⊂平面ABCD,
所以PA⊥BD.
因为底面ABCD为菱形,
所以BD⊥AC.
又PA∩AC=A,
所以BD⊥平面PAC.
(2)证明 因为PA⊥平面ABCD,AE⊂平面ABCD,
所以PA⊥AE.
因为底面ABCD为菱形,∠ABC=60°,且E为CD的中点,
所以AE⊥CD.又因为AB∥CD,所以AB⊥AE.
又AB∩PA=A,所以AE⊥平面PAB.
因为AE⊂平面PAE,所以平面PAB⊥平面PAE.
(3)解 棱PB上存在点F,使得CF∥平面PAE.理由如下:
取PB的中点F,PA的中点G,连接CF,FG,EG,
则FG∥AB,且FG=AB.
因为底面ABCD为菱形,且E为CD的中点,
所以CE∥AB,且CE=AB.
所以FG∥CE,且FG=CE.
所以四边形CEGF为平行四边形.所以CF∥EG.
因为CF⊄平面PAE,EG⊂平面PAE,
所以CF∥平面PAE.
探究提高 1.利用综合法证明平行与垂直,关键是根据平行与垂直的判定定理及性质定理来确定有关的线与面,如果所给的图形中不存在这样的线与面,要充分利用几何性质和条件连接或添加相关的线与面.
2.垂直、平行关系的证明,主要是运用转化与化归思想,完成线与线、线与面、面与面垂直与平行的转化.在论证过程中,不要忽视定理成立的条件,推理要严谨.
【拓展练习2】 (2020·石家庄调研)如图,在多面体ABCDPE中,四边形ABCD和CDPE都是直角梯形,AB∥DC,PE∥DC,AD⊥DC,PD⊥平面ABCD,AB=PD=DA=2PE,CD=3PE,F是CE的中点.
(1)求证:BF∥平面ADP;
(2)已知O是BD的中点,求证:BD⊥平面AOF.
证明 (1)如图,取PD的中点为G,连接FG,AG,
∵F是CE的中点,∴FG是梯形CDPE的中位线,
∵CD=3PE,
∴FG=2PE,FG∥CD,
∵CD∥AB,AB=2PE,
∴AB∥FG,AB=FG,即四边形ABFG是平行四边形,
∴BF∥AG,又BF⊄平面ADP,AG⊂平面ADP,∴BF∥平面ADP.
(2)延长AO交CD于M,连接BM,FM,
∵BA⊥AD,CD⊥DA,AB=AD,O为BD的中点,
∴ABMD是正方形,则BD⊥AM,MD=2PE.
∴FM∥PD,
∵PD⊥平面ABCD,∴FM⊥平面ABCD,∴FM⊥BD,
∵AM∩FM=M,∴BD⊥平面AMF,
∴BD⊥平面AOF.
考向三 平面图形中的折叠问题
【典例3】 图①是由矩形ADEB,Rt△ABC和菱形BFGC组成的一个平面图形,其中AB=1,BE=BF=2,∠FBC=60°.将其沿AB,BC折起使得BE与BF重合,连接DG,如图②.
(1)证明:图②中的A,C,G,D四点共面,且平面ABC⊥平面BCGE;
(2)求图②中的四边形ACGD的面积.
(1)证明 由已知得AD∥BE,CG∥BE,所以AD∥CG,
所以AD,CG确定一个平面,从而A,C,G,D四点共面.
由已知得AB⊥BE,AB⊥BC,且BE∩BC=B,BE,BC⊂平面BCGE,
所以AB⊥平面BCGE.
又因为AB⊂平面ABC,所以平面ABC⊥平面BCGE.
(2)解 如图,取CG的中点M,连接EM,DM.
因为AB∥DE,AB⊥平面BCGE,所以DE⊥平面BCGE,又CG、EM⊂平面BCGE,故DE⊥CG,DE⊥EM.
由已知,四边形BCGE是菱形,且∠EBC=60°,得EM⊥CG,
又DE∩EM=E,DE,EM⊂平面DEM,故CG⊥平面DEM.
又DM⊂平面DEM,因此DM⊥CG.
在Rt△DEM中,DE=1,EM=,
故DM=2.又CG=BF=2,
所以四边形ACGD的面积为S=2×2=4.
探究提高 1.解决与折叠有关问题的关键是找出折叠前后的变化量和不变量,一般情况下,折线同一侧的线段的长度是不变量,而位置关系往往会发生变化,抓住不变量是解决问题的突破口.
2.在解决问题时,要综合考虑折叠前后的图形,既要分析折叠后的图形,也要分析折叠前的图形,善于将折叠后的量放在原平面图形中进行分析求解.
【拓展练习3】 如图1,在直角梯形 ABCD中,AD∥BC,∠BAD=,AB=BC=AD=a,E是AD的中点,O是AC与BE的交点.将△ABE沿BE折起到图2中△A1BE的位置,得到四棱锥A1-BCDE.
(1)证明:CD⊥平面A1OC;
(2)当平面A1BE⊥平面BCDE时,四棱锥A1-BCDE的体积为36,求a的值.
(1)证明 在图1中,因为AB=BC=AD=a,E是AD的中点,∠BAD=,所以BE⊥AC,
即在图2中,BE⊥A1O,BE⊥OC,从而BE⊥平面A1OC.
又CD∥BE,所以CD⊥平面A1OC.
(2)解 由已知,平面A1BE⊥平面BCDE,
又由(1)知,OA1⊥BE,所以A1O⊥平面BCDE,
即A1O是四棱锥A1-BCDE的高,
由图1可知,A1O=AB=a,平行四边形BCDE的面积S=BC·AB=a2,
从而四棱锥A1-BCDE的体积为
V=×S×A1O=×a2×a=a3,
由a3=36,得a=6.
考向四 空间线面关系的开放性问题
【典例4】 (2020·九师联盟检测)如图,四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是边长为2的菱形,∠BAD=,△PAD是等边三角形,F为AD的中点,PD⊥BF.
(1)求证:AD⊥PB;
(2)若E在线段BC上,且EC=BC,能否在棱PC上找到一点G,使平面DEG⊥平面ABCD?若存在,求出三棱锥D-CEG的体积;若不存在,请说明理由.
(1)证明 ∵△PAD是等边三角形,F是AD的中点,∴PF⊥AD.
∵底面ABCD是菱形,∠BAD=,∴BF⊥AD.
又PF∩BF=F,∴AD⊥平面BFP.
由于PB⊂平面BFP,∴AD⊥PB.
(2)解 能在棱PC上找到一点G,使平面DEG⊥平面ABCD.
由(1)知AD⊥BF,∵PD⊥BF,AD∩PD=D,
∴BF⊥平面PAD.
又BF⊂平面ABCD,∴平面ABCD⊥平面PAD,
又平面ABCD∩平面PAD=AD,且PF⊥AD,PF⊂平面PAD,∴PF⊥平面ABCD.
连接CF交DE于点H,过H作HG∥PF交PC于G,
∴GH⊥平面ABCD.
又GH⊂平面DEG,∴平面DEG⊥平面ABCD.
∵AD∥BC,∴△DFH∽△ECH,
∴==,∴==,
∴GH=PF=,
∴VD-CEG=VG-CDE=S△CDE·GH
=×DC·CE·sin·GH=.
探究提高 1.求解探究性问题常假设题中的数学对象存在(或结论成立),然后在这个前提下进行逻辑推理,若能推导出与条件吻合的数据或事实,说明假设成立,并可进一步证明;若推导出与条件或实际情况相矛盾的结论,则说明假设不成立.
2.解决空间线面关系的探究性问题,应从平面图形中的平行或垂直关系入手,把所探究的结论转化为平面图形中线线关系,从而确定探究的结果.
【拓展练习4】 如图所示,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD为直角梯形,∠ABC=∠BAD=90°,△PDC和△BDC均为等边三角形,且平面PDC⊥平面BDC.
(1)在棱PB上是否存在点E,使得AE∥平面PDC?若存在,试确定点E的位置;若不存在,试说明理由;
(2)若△PBC的面积为,求四棱锥P-ABCD的体积.
解 (1)存在.当点E为棱PB的中点,使得AE∥平面PDC.理由如下:
如图所示,取PB的中点E,连接AE,取PC的中点F,连接EF,DF,取BC的中点G,连接DG.
因为△BCD是等边三角形,
所以∠DGB=90°.
因为∠ABC=∠BAD=90°,所以四边形ABGD为矩形,
所以AD=BG=BC,AD∥BC.
因为EF为△BCP的中位线,
所以EF=BC,且EF∥BC,故AD=EF,且AD∥EF,
所以四边形ADFE是平行四边形,从而AE∥DF,
又AE⊄平面PDC,DF⊂平面PDC,
所以AE∥平面PDC.
(2)取CD的中点M,连接PM,过点P作PN⊥BC交BC于点N,连接MN,如图所示.
因为△PDC为等边三角形,所以PM⊥DC.
因为PM⊥DC,平面PDC⊥平面BDC,平面PDC∩平面BDC=DC,PM⊂平面PDC,
所以PM⊥平面BCD,则PM为四棱锥P-ABCD的高.
又BC⊂平面BCD,所以PM⊥BC.
因为PN⊥BC,PN∩PM=P,PN⊂平面PMN,PM⊂平面PMN,
所以BC⊥平面PMN.
因为MN⊂平面PMN,所以MN⊥BC.
由M为DC的中点,易知NC=BC.
设BC=x,则△PBC的面积为·=,解得x=2,即BC=2,
所以AD=1,AB=DG=PM=.
故四棱锥P-ABCD的体积为V=×S梯形ABCD×PM=××=.
【专题拓展练习】
一、单选题
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 锥体体积的有关计算 由二面角大小求线段长度或距离
A.充分必要条件 | B.充分而不必要条件 |
C.必要而不充分条件 | D.既不充分也不必要条件 |
【知识点】 判断命题的必要不充分条件解读 线面垂直证明线线垂直 线面平行的性质
A.3 | B.7 | C.13 | D.8 |
A.内有无数直线平行于 |
B.存在平面,, |
C.存在平面,,且 |
D.存在直线,, |
【知识点】 线面关系有关命题的判断 面面关系有关命题的判断
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 求异面直线所成的角
A.若,则 | B.若,则 |
C.若,则 | D.若,则 |
【知识点】 线面关系有关命题的判断 面面关系有关命题的判断
A.三点确定一个平面 |
B.垂直于同一直线的两条直线平行 |
C.若直线与平面上的无数条直线都垂直,则直线 |
D.若是三条直线,且与都相交,则直线共面. |
【知识点】 平面的基本性质及辨析
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 求异面直线所成的角
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 球的表面积的有关计算 多面体与球体内切外接问题 求线面角
二、解答题
(1)求证:;
(2)若为的中点,求三棱锥的体积.
【知识点】 锥体体积的有关计算 线面垂直证明线线垂直
(1)在图中作出平面与平面的交线l(简要说明),并证明平面;
(2)求点C到平面的距离.
【知识点】 平面的基本性质及辨析 证明线面垂直 求点面距离