专题15 导数与函数的单调性、极值、最值问题
【要点提炼】
1.导数的几何意义
函数f(x) 在x0处的导数是曲线f(x)在点P(x0,f(x0))处的切线的斜率,曲线f(x)在点P处的切线的斜率k=f′(x0),相应的切线方程为y-f(x0)=f′(x0)(x-x0).
易错提醒 求曲线的切线方程时,要注意是在点P处的切线还是过点P的切线,前者点P为切点,后者点P不一定为切点.
2.四个易误导数公式
(1)(sin x)′=cos x;
(2)(cos x)′=-sin x;
(3)(ax)′=axln a(a>0,且a≠1);
(4)(logax)′=(a>0,且a≠1,x>0).
3.利用导数研究函数的单调性
(1)导数与函数单调性的关系.
①f′(x)>0是f(x)为增函数的充分不必要条件,如函数f(x)=x3在(-∞,+∞)上单调递增,但f′(x)≥0.
②f′(x)≥0是f(x)为增函数的必要不充分条件,如果函数在某个区间内恒有f′(x)=0时,则f(x)为常数函数.
(2)利用导数研究函数单调性的方法.
①若求单调区间(或证明单调性),只要在函数定义域内解(或证明)不等式f′(x)>0或f′(x)<0.
②若已知函数的单调性,则转化为不等式f′(x)≥0或f′(x)≤0在单调区间上恒成立问题来求解.
4.利用导数研究函数的极值、最值
(1)若在x0附近左侧f′(x)>0,右侧f′(x)<0,则f(x0)为函数f(x)的极大值;若在x0附近左侧f′(x)<0,右侧f′(x)>0,则f(x0)为函数f(x)的极小值.
(2)设函数y=f(x)在[a,b]上连续,在(a,b)内可导,则f(x)在[a,b]上必有最大值和最小值且在极值点或端点处取得.
易错提醒 若函数的导数存在,某点的导数等于零是函数在该点取得极值的必要不充分条件.
考向一 导数的几何意义
【典例1】 (1)(2019·全国Ⅲ卷)已知曲线y=aex+xln x在点(1,ae)处的切线方程为y=2x+b,则( )
A.a=e,b=-1 B.a=e,b=1
C.a=e-1,b=1 D.a=e-1,b=-1
(2)(多选题)下列四条曲线中,直线y=2x与其相切的有( )
A.曲线y=2ex-2
B.曲线y=2sin x
C.曲线y=3x+
D.曲线y=x3-x-2
解析 (1)因为y′=aex+ln x+1,所以k=y′|x=1=ae+1,
所以曲线在点(1,ae)处的切线方程为
y-ae=(ae+1)(x-1),即y=(ae+1)x-1.
所以即
(2)直线y=2x的斜率为k=2,
A中,若f(x)=2ex-2,则由f′(x)=2ex=2,得x=0,f(0)=0,因为点(0,0)在直线y=2x上,所以直线y=2x与曲线y=2ex-2相切.
B中,若f(x)=2sin x,则由f′(x)=2cos x=2,得x=2kπ(k∈Z),f(2kπ)=0,因为点(0,0)在直线y=2x上,所以直线y=2x与曲线y=2sin x相切.
C中,若f(x)=3x+,则由f′(x)=3-=2,得x=±1,f(1)=4,f(-1)=-4,因为(1,4),(-1,-4)都不在直线y=2x上,所以直线y=2x与曲线y=3x+不相切.
D中,若f(x)=x3-x-2,则由f′(x)=3x2-1=2,得x=±1,f(1)=-2,f(-1)=-2,其中(-1,-2)在直线y=2x上,所以直线y=2x与曲线y=x3-x-2相切.故选ABD.
答案 (1)D (2)ABD
探究提高 利用导数的几何意义解题,主要是利用导数、切点坐标、切线斜率之间的关系来进行转化,其中关键是确定切点的坐标.
【拓展练习1】 (1)(2019·江苏卷)在平面直角坐标系xOy中,点A在曲线y=ln x上,且该曲线在点A处的切线经过点(-e,-1)(e为自然对数的底数),则点A的坐标是________.
(2)(2020·全国Ⅰ卷)曲线y=ln x+x+1的一条切线的斜率为2,则该切线的方程为________.
解析 (1)设A(m,n),则曲线y=ln x在点A处的切线方程为y-n=(x-m).
又切线过点(-e,-1),
所以有n+1=(m+e).
再由n=ln m,解得m=e,n=1.
故点A的坐标为(e,1).
(2)设切点坐标为(x0,y0),
因为y=ln x+x+1,所以y′=+1,
所以切线的斜率为+1=2,解得x0=1.
所以y0=ln 1+1+1=2,即切点坐标为(1,2),
所以切线方程为y-2=2(x-1),即2x-y=0.
答案 (1)(e,1) (2)2x-y=0
考向二 利用导数研究函数的单调性
角度1 讨论函数的单调性(区间)
【典例2】 (2020·全国Ⅱ卷)已知函数f(x)=2ln x+1.
(1)若f(x)≤2x+c,求c的取值范围;
(2)设a>0,讨论函数g(x)=的单调性.
解 设h(x)=f(x)-2x-c,则h(x)=2ln x-2x+1-c,
其定义域为(0,+∞),h′(x)=-2.
(1)当0<x<1时,h′(x)>0;当x>1时,h′(x)<0.
所以h(x)在区间(0,1)单调递增,在区间(1,+∞)单调递减.
从而当x=1时,h(x)取到最大值,最大值为h(1)=-1-c.
故当且仅当-1-c≤0,即c≥-1时,f(x)≤2x+c.
所以c的取值范围为[-1,+∞).
(2)g(x)==,x∈(0,a)∪(a,+∞).
g′(x)==.
取c=-1得h(x)=2ln x-2x+2,h(1)=0,
则由(1)知,当x≠1时,h(x)<0,即1-x+ln x<0.
故当x∈(0,a)∪(a,+∞)时,1-+ln <0,
从而g′(x)<0.
所以g(x)在区间(0,a),(a,+∞)单调递减.
角度2 根据函数的单调性求参数的取值范围
【典例3】 (1)已知函数f(x)=mx2+ln x-2x在定义域内是增函数,则实数m的取值范围是( )
A.[-1,1] B.[-1,+∞)
C.[1,+∞) D.(-∞,1]
(2)若函数f(x)=-x2+4x-3ln x在[t,t+1]上不单调,则t的取值范围是________.
解析 (1)f′(x)=mx+-2≥0对一切x>0恒成立,
∴m≥-+.
令g(x)=-+,则当=1,即x=1时,函数g(x)取最大值1,故m≥1.
(2)对f(x)求导,得f′(x)=-x+4-==.由f′(x)=0得函数f(x)的两个极值点为1,3,则只要这两个极值点有一个在区间(t,t+1)内,函数f(x)在区间[t,t+1]上就不单调,所以t<1<t+1或t<3<t+1,解得0<t<1或2<t<3.
答案 (1)C (2)(0,1)∪(2,3)
探究提高 1.求函数的单调区间,只需在函数的定义域内解(证)不等式f′(x)>0或f′(x)<0.
2.(1)已知函数的单调性,求参数的取值范围,应用条件f′(x)≥0(或f′(x)≤0),x∈(a,b)恒成立,解出参数的取值范围(一般可用不等式恒成立的理论求解),应注意参数的取值是f′(x)不恒等于0的参数的范围.
(2)若函数y=f(x)在区间(a,b)上不单调,则转化为f′(x)=0在(a,b)上有解(需验证解的两侧导数是否异号).
【拓展练习2】 (2020·百师联盟考试)已知函数f(x)=axex-x2-2x.
(1)讨论函数f(x)的单调性;
(2)当x>0时,f(x)>0,求正实数a的取值范围.
解 (1)f′(x)=a(x+1)ex-2x-2=(x+1)(aex-2).
①当a≤0时,由f′(x)>0,得x<-1;由f′(x)<0,得x>-1.
∴f(x)在(-∞,-1)上单调递增,f(x)在(-1,+∞)上单调递减.
②当a=2e时,f′(x)≥0,即f(x)在R上单调递增,
③当0<a<2e时,由f′(x)<0,得-1<x<ln ;
由f′(x)>0,得x<-1或x>ln .
∴f(x)在(-∞,-1)和上单调递增,f(x)在上单调递减.
④当a>2e时,由f′(x)<0,得ln <x<-1;
由f′(x)>0,得x>-1或x<ln .
故f(x)在(-1,+∞)和上单调递增,f(x)在上单调递减.
(2)当a≥2e时,由第(1)问知f(x)在(0,+∞)上是增函数,
∴f(x)>f(0)=0,满足题意.
当0<a<2e时,由(1)知:
当ln ≤0时,即2≤a<2e时,f(x)在(0,+∞)单调递增,即f(x)>f(0)=0,符合题意.
当ln >0时,即0<a<2时,f(x)在单调递减,在单调递增.
因此当x∈时,f(x)<f(0)=0,不符合题意.
综上可知,实数a的取值范围是[2,+∞).
考向三 利用导数研究函数的极值和最值
【典例4】 设函数f(x)=e2x-aln x.
(1)讨论f(x)的导函数f′(x)零点的个数;
(2)证明:当a>0时,f(x)≥2a+aln.
(1)解 f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=2e2x-(x>0).
当a≤0时,f′(x)>0,f′(x)没有零点.
当a>0时,设u(x)=e2x,v(x)=-,
因为u(x)=e2x在(0,+∞)上单调递增,v(x)=-在(0,+∞)上单调递增,所以f′(x)在(0,+∞)上单调递增.
又f′(a)>0,当b满足0<b<且b<时,f′(b)<0(讨论a≥1或a<1来检验),①当a≥1时,则0<b<,f′(b)=2e2b-<2e-4a=2(e-2a)<0;②当0<a<1时,则0<b<,f′(b)=2e2b-<2e-4<0.
故当a>0时,f′(x)存在唯一零点.
(2)证明 由(1),可设f′(x)在(0,+∞)上的唯一零点为x0,当x∈(0,x0)时,f′(x)<0;
当x∈(x0,+∞)时,f′(x)>0.
故f(x)在(0,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增,
所以当x=x0时,f(x)取得最小值,最小值为f(x0).
由于2e2x0-=0,
所以f(x0)=+2ax0+aln≥2a+aln.
故当a>0时,f(x)≥2a+aln.
探究提高 (1)运用导数证明不等式,常转化为求函数的最值问题.
(2)利用导数解决不等式恒成立问题:一般先转化为我们熟悉的函数,利用导数研究单调性,求出最值,解答相应的参数不等式,如果易分离参数,可先分离变量,构造函数,直接转化为函数的最值问题,避免参数的讨论.
【拓展练习3】 (2020·江南十校联考)已知f(x)=mx2-x+ln x.
(1)当m=0时,求函数f(x)在区间[t,t+1](t>0)上的最大值M(t);
(2)当m=1时,若存在正数x1,x2满足f(x1)+f(x2)=1-ln 2,求证:x1+x2≥2.
(1)解 当m=0时,f(x)=ln x-x,其定义域为(0,+∞),则f′(x)=-1.
当x∈(0,1)时,f′(x)>0,函数单调递增;当x∈(1,+∞)时,f′(x)<0,函数单调递减.
当t≥1时,f(x)在[t,t+1]上单调递减,f(x)的最大值为f(t)=ln t-t;
当0<t<1时,f(x)在区间(t,1)上单调递增,在区间(1,t+1)上单调递减,f(x)的最大值为f(1)=-1.
综上,M(t)=
(2)证明 当m=1时,f(x)=x2-x+ln x,其定义域为(0,+∞),则f(x1)+f(x2)=x+x-(x1+x2)+ln x1x2=1-ln 2,
即(x1+x2)2-(x1+x2)=2x1x2-ln x1x2+1-ln 2.
令h(x)=2x-ln x+1-ln 2,则h′(x)=,
故h(x)在上单调递减,在上单调递增,
∴h(x)在x=时,取到最小值h=2.
因此(x1+x2)2-(x1+x2)≥2,
即(x1+x2-2)(x1+x2+1)≥0.
又x1>0,x2>0,所以x1+x2≥2.
【专题拓展练习】
一、单选题
A. | B. | C. | D. |
A.0 | B.1 | C.2 | D.3 |
【知识点】 函数与导函数图象之间的关系 函数(导函数)图象与极值的关系
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 导数的运算法则 利用导数求函数的单调区间(不含参)
A.,且为极大值点 | B.,且为极小值点 |
C.,且为极大值点 | D.,且为极小值点 |
【知识点】 根据极值点求参数
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 已知切线(斜率)求参数 根据极值点求参数
A.8,6 | B.9,6 | C.4,2 | D.6,9 |
【知识点】 根据极值求参数
A. | B. | C. | D.1 |
【知识点】 已知切线(斜率)求参数 由导数求函数的最值(不含参)
A. | B. |
C. | D. |
【知识点】 求已知函数的极值点
A.-1 | B.0 | C. | D. |
【知识点】 由导数求函数的最值(不含参)
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 利用导数求函数的单调区间(不含参)
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 根据极值求参数 根据线性规划求最值或范围解读
A. | B. | C. | D. |
A. | B. | C. | D. |
【知识点】 由导数求函数的最值(不含参) 分段函数的值域或最值
A.奇函数,且存在使得 | B.奇函数,且对任意都有 |
C.偶函数,且存在使得 | D.偶函数,且对任意都有 |
【知识点】 函数奇偶性的定义与判断解读 利用导数证明不等式
A. | B.在上单调递增 |
C.在上单调递减 | D.在上至多有2个极大值点 |
二、解答题
(1)的单调增区间;
(2)在上的最小值和最大值.
(1)求实数a的值;
(2)求的单调区间和极值.
(1)求实数a,b的值及函数的单调区间;
(2)若关于x的不等式恒成立,求实数 m的取值范围.